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LeetCode/1-10/10. 正则表达式匹配（困难）.md

@@ -74,41 +74,28 @@ Tag : 「动态规划」、「序列 DP」
 本题可以使用动态规划进行求解：
 
 * 状态定义：`f(i,j)` 代表考虑 `s` 中以 `i` 为结尾的子串和 `p` 中的 `j` 为结尾的子串是否匹配。最终我们要求的结果为 `f[n][m]` 。
-
 * 状态转移：也就是我们要考虑 `f(i,j)` 如何求得，前面说到了 `p` 有三种字符，所以这里的状态转移也要分三种情况讨论：
-
-  1. `p[j]` 为普通字符：匹配的条件是前面的字符匹配，同时 `s` 中的第 `i` 个字符和 `p` 中的第 `j` 位相同。 
-
-     `f(i,j) = f(i - 1, j - 1) && s[i] == p[j]` 。
-
-	2. `p[j]` 为 `'.'`：匹配的条件是前面的字符匹配， `s` 中的第 `i` 个字符可以是任意字符。
-
-     `f(i,j) = f(i - 1, j - 1) && p[j] == '.'`。
-
-  3. `p[j]` 为 `'*'`：读得 `p[j - 1]` 的字符，例如为字符 `a`。 然后根据 `a*` 实际匹配 `s` 中 `a` 的个数是 $0$ 个、$1$ 个、$2$ 个 ...
-
-    3.1. 当匹配为 $0$ 个：`f(i,j) = f(i, j - 2)`
-
-    3.2. 当匹配为 $1$ 个：`f(i,j) = f(i - 1, j - 2) && (s[i] == p[j - 1] || p[j - 1] == '.')`
-
-    3.3. 当匹配为 $2$ 个：`f(i,j) = f(i - 2, j - 2) && ((s[i] == p[j - 1] && s[i - 1] == p[j - 1]) || p[j] == '.')`
+  1. `p[j]` 为普通字符：匹配的条件是前面的字符匹配，同时 `s` 中的第 `i` 个字符和 `p` 中的第 `j` 位相同。 即 `f(i,j) = f(i-1, j-1) && s[i] == p[j]` 。
+  2. `p[j]` 为 `'.'`：匹配的条件是前面的字符匹配， `s` 中的第 `i` 个字符可以是任意字符。即 `f(i,j) = f(i-1, j-1) && p[j] == '.'`。
+  3. `p[j]` 为 `'*'`：读得 `p[j-1]` 的字符，例如为字符 `a`。 然后根据 `a*` 实际匹配 `s` 中 `a` 的个数是 $0$ 个、$1$ 个、$2$ 个 ...
+    * 当匹配为 $0$ 个：`f(i,j) = f(i,j-2)`
+    * 当匹配为 $1$ 个：`f(i,j) = f(i-1,j-2) && (s[i] == p[j-1] || p[j-1] == '.')`
+    * 当匹配为 $2$ 个：`f(i,j) = f(i-2, j-2) && ((s[i] == p[j-1] && s[i-1] == p[j-1]) || p[j] == '.')`
 
 **我们知道，通过「枚举」来确定 `*` 到底匹配多少个 `a` 这样的做法，算法复杂度是很高的。**
 
 **我们需要挖掘一些「性质」来简化这个过程。**
 
-![640.png](https://pic.leetcode-cn.com/1611397993-lmpHIZ-640.png)
+![](https://pic.leetcode-cn.com/1611397993-lmpHIZ-640.png)
 
-代码：
+Java 代码：
 ```Java
 class Solution {
     public boolean isMatch(String ss, String pp) {
         // 技巧：往原字符头部插入空格，这样得到 char 数组是从 1 开始，而且可以使得 f[0][0] = true，可以将 true 这个结果滚动下去
         int n = ss.length(), m = pp.length();
-        ss = " " + ss;
-        pp = " " + pp;
-        char[] s = ss.toCharArray();
-        char[] p = pp.toCharArray();
+        ss = " " + ss; pp = " " + pp;
+        char[] s = ss.toCharArray(), p = pp.toCharArray();
         // f(i,j) 代表考虑 s 中的 1~i 字符和 p 中的 1~j 字符 是否匹配
         boolean[][] f = new boolean[n + 1][m + 1];
         f[0][0] = true;
@@ -132,6 +119,67 @@ class Solution {
     }
 }
 ```
+C++ 代码：
+```C++
+class Solution {
+public:
+    bool isMatch(string s, string p) {
+        int n = s.length(), m = p.length();
+        s = " " + s; p = " " + p;
+        vector<vector<bool>> f(n + 1, vector<bool>(m + 1, false));
+        f[0][0] = true;
+        for (int i = 0; i <= n; i++) {
+            for (int j = 1; j <= m; j++) {
+                if (j + 1 <= m && p[j + 1] == '*' && p[j] != '*') continue;
+                if (i - 1 >= 0 && p[j] != '*') {
+                    f[i][j] = f[i - 1][j - 1] && (s[i] == p[j] || p[j] == '.');
+                } else if (p[j] == '*') {
+                    f[i][j] = (j - 2 >= 0 && f[i][j - 2]) || (i - 1 >= 0 && f[i - 1][j] && (s[i] == p[j - 1] || p[j - 1] == '.'));
+                }
+            }
+        }
+        return f[n][m];
+    }
+};
+```
+Python 代码：
+```Python
+class Solution:
+    def isMatch(self, s: str, p: str) -> bool:
+        n, m = len(s), len(p)
+        s, p = " " + s, " " + p
+        f = [[False] * (m + 1) for _ in range(n + 1)]
+        f[0][0] = True
+        for i in range(n + 1):
+            for j in range(1, m + 1):
+                if j + 1 <= m and p[j + 1] == '*' and p[j] != '*':
+                    continue
+                if i - 1 >= 0 and p[j] != '*':
+                    f[i][j] = f[i - 1][j - 1] and (s[i] == p[j] or p[j] == '.')
+                elif p[j] == '*':
+                    f[i][j] = (j - 2 >= 0 and f[i][j - 2]) or (i - 1 >= 0 and f[i - 1][j] and (s[i] == p[j - 1] or p[j - 1] == '.'))
+        return f[n][m]
+```
+TypeScript 代码：
+```TypeScript
+function isMatch(s: string, p: string): boolean {
+    let n: number = s.length, m: number = p.length
+    s = " " + s; p = " " + p;
+    let f: boolean[][] = new Array(n + 1).fill(false).map(() => new Array(m + 1).fill(false));
+    f[0][0] = true;
+    for (let i: number = 0; i <= n; i++) {
+        for (let j: number = 1; j <= m; j++) {
+            if (j + 1 <= m && p.charAt(j + 1) === '*' && p.charAt(j) !== '*') continue;
+            if (i - 1 >= 0 && p.charAt(j) !== '*') {
+                f[i][j] = f[i - 1][j - 1] && (s.charAt(i) === p.charAt(j) || p.charAt(j) === '.');
+            } else if (p.charAt(j) === '*') {
+                f[i][j] = (j - 2 >= 0 && f[i][j - 2]) || (i - 1 >= 0 && f[i - 1][j] && (s.charAt(i) === p.charAt(j - 1) || p.charAt(j - 1) === '.'));
+            }
+        }
+    }
+    return f[n][m];
+};
+```
 * 时间复杂度：$n$ 表示 `s` 的长度，$m$ 表示 `p` 的长度，总共 $n \times m$ 个状态。复杂度为 $O(n \times m)$
 * 空间复杂度：使用了二维数组记录结果。复杂度为 $O(n \times m)$
 

LeetCode/1001-1010/1004. 最大连续1的个数 III（中等）.md

@@ -6,23 +6,27 @@ Tag : 「双指针」、「滑动窗口」、「二分」、「前缀和」
 
 
 
-给定一个由若干 $0$ 和 $1$ 组成的数组 `A`，我们最多可以将 $K$ 个值从 $0$ 变成 $1$ 。
+给定一个由若干 0 和 1 组成的数组 `A`，我们最多可以将 `K` 个值从 0 变成 1。
 
-返回仅包含 $1$ 的最长（连续）子数组的长度。
+返回仅包含 1 的最长（连续）子数组的长度。
 
 
 示例 1：
 ```
 输入：A = [1,1,1,0,0,0,1,1,1,1,0], K = 2
+
 输出：6
+
 解释： 
 [1,1,1,0,0,1,1,1,1,1,1]
 粗体数字从 0 翻转到 1，最长的子数组长度为 6。
 ```
 示例 2：
 ```
 输入：A = [0,0,1,1,0,0,1,1,1,0,1,1,0,0,0,1,1,1,1], K = 3
+
 输出：10
+
 解释：
 [0,0,1,1,1,1,1,1,1,1,1,1,0,0,0,1,1,1,1]
 粗体数字从 0 翻转到 1，最长的子数组长度为 10。
@@ -50,7 +54,7 @@ Tag : 「双指针」、「滑动窗口」、「二分」、「前缀和」
 * 如果 $A[i]$ 本身就为 1 的话，无须消耗翻转次数，$f[i][j] = f[i - 1][j] + 1$。
 * 如果 $A[i]$ 本身不为 1 的话，由于定义是必须以 $A[i]$ 为结尾，因此必须要选择翻转该位置，$f[i][j] = f[i - 1][j - 1] + 1$。
 
-代码：
+Java 代码：
 ```Java
 class Solution {
     public int longestOnes(int[] nums, int k) {
@@ -96,23 +100,19 @@ class Solution {
 
 **因此，对于某个确定的「左端点/右端点」而言，以「其最远右端点/最远左端点」为分割点的前缀和数轴，具有「二段性」。可以通过二分来找分割点。**
 
-代码：
+Java 代码：
 ```Java
 class Solution {
     public int longestOnes(int[] nums, int k) {
-        int n = nums.length;
-        int ans = 0;
+        int n = nums.length, ans = 0;
         int[] sum = new int[n + 1];
         for (int i = 1; i <= n; i++) sum[i] = sum[i - 1] + nums[i - 1];
         for (int i = 0; i < n; i++) {
             int l = 0, r = i;
             while (l < r) {
                 int mid = l + r >> 1;
-                if (check(sum, mid, i, k)) {
-                    r = mid;
-                } else {
-                    l = mid + 1;
-                }
+                if (check(sum, mid, i, k)) r = mid;    
+                else l = mid + 1;
             }
             if (check(sum, r, i, k)) ans = Math.max(ans, i - r + 1);
         }
@@ -124,6 +124,80 @@ class Solution {
     }
 }
 ```
+C++ 代码：
+```C++
+class Solution {
+public:
+    int longestOnes(vector<int>& nums, int k) {
+        int n = nums.size(), ans = 0;
+        vector<int> sum(n + 1, 0);
+        for (int i = 1; i <= n; i++) sum[i] = sum[i - 1] + nums[i - 1];
+        for (int i = 0; i < n; i++) {
+            int l = 0, r = i;
+            while (l < r) {
+                int mid = l + r >> 1;
+                if (check(sum, mid, i, k)) r = mid;
+                else l = mid + 1;
+            }
+            if (check(sum, r, i, k)) ans = max(ans, i - r + 1);
+        }
+        return ans;
+    }
+    bool check(const vector<int>& sum, int l, int r, int k) {
+        int tol = sum[r + 1] - sum[l];
+        int len = r - l + 1;
+        return len - tol <= k;
+    }
+};
+```
+Python 代码：
+```Python
+class Solution:
+    def longestOnes(self, nums: List[int], k: int) -> int:
+        n, ans = len(nums), 0
+        sumv = [0] * (n + 1)
+        for i in range(1, n + 1):
+            sumv[i] = sumv[i - 1] + nums[i - 1]
+        for i in range(n):
+            l, r = 0, i
+            while l < r:
+                mid = l + r >> 1
+                if self.check(sumv, mid, i, k):
+                    r = mid
+                else:
+                    l = mid + 1
+            if self.check(sumv, l, i, k):
+                ans = max(ans, i - l + 1)
+        return ans
+
+    def check(self, sumv, l, r, k):
+        tol = sumv[r + 1] - sumv[l]
+        lenv = r - l + 1
+        return lenv - tol <= k
+```
+TypeScript 代码：
+```TypeScript
+function check(sum: number[], l: number, r: number, k: number): boolean {
+    const tol = sum[r + 1] - sum[l];
+    const len = r - l + 1;
+    return len - tol <= k;
+}
+function longestOnes(nums: number[], k: number): number {
+    let n = nums.length, ans = 0;
+    const sum = new Array(n + 1).fill(0);
+    for (let i = 1; i <= n; i++) sum[i] = sum[i - 1] + nums[i - 1];
+    for (let i = 0; i < n; i++) {
+        let l = 0, r = i;
+        while (l < r) {
+            let mid = l + r >> 1;
+            if (check(sum, mid, i, k)) r = mid;    
+            else l = mid + 1;
+        }
+        if (check(sum, l, i, k)) ans = Math.max(ans, i - l + 1);
+    }
+    return ans;
+};
+```
 * 时间复杂度：$O(n\log{n})$
 * 空间复杂度：$O(n)$
 
@@ -143,12 +217,11 @@ class Solution {
 
 右端点一直右移，左端点在窗口不满足「`len - tol <= k`」的时候进行右移，即可做到线程扫描的复杂度。
 
-代码：
+Java 代码：
 ```Java
 class Solution {
     public int longestOnes(int[] nums, int k) {
-        int n = nums.length;
-        int ans = 0;
+        int n = nums.length, ans = 0;
         for (int i = 0, j = 0, tot = 0; i < n; i++) {
             tot += nums[i];
             while ((i - j + 1) - tot > k) tot -= nums[j++];
@@ -158,6 +231,47 @@ class Solution {
     }
 }
 ```
+C++ 代码：
+```C++
+class Solution {
+public:
+    int longestOnes(vector<int>& nums, int k) {
+        int n = nums.size(), ans = 0;
+        for (int i = 0, j = 0, tot = 0; i < n; i++) {
+            tot += nums[i];
+            while ((i - j + 1) - tot > k) tot -= nums[j++];
+            ans = max(ans, i - j + 1);
+        }
+        return ans;
+    }
+};
+```
+Python 代码：
+```Python
+class Solution:
+    def longestOnes(self, nums: List[int], k: int) -> int:
+        n, ans  = len(nums), 0
+        j, tot = 0, 0
+        for i in range(n):
+            tot += nums[i]
+            while (i - j + 1) - tot > k:
+                tot -= nums[j]
+                j += 1
+            ans = max(ans, i - j + 1)
+        return ans
+```
+TypeScript 代码：
+```TypeScript
+function longestOnes(nums: number[], k: number): number {
+    let n = nums.length, ans = 0;
+    for (let i = 0, j = 0, tot = 0; i < n; i++) {
+        tot += nums[i];
+        while ((i - j + 1) - tot > k) tot -= nums[j++];
+        ans = Math.max(ans, i - j + 1);
+    }
+    return ans;
+};
+```
 * 时间复杂度：$O(n)$
 * 空间复杂度：$O(1)$